Django 管理中同一模型的多个 ModelAdmins/view

如何为同一个模型创建多个 ModelAdmin，每个模型都有不同的定制并链接到不同的 URL？

假设我有一个叫做 Posts 的 Django 模型。默认情况下，此模型的管理视图将列出所有 Post 对象。

我知道我可以通过设置 list _ display 或者在 ModelAdmin 中重写 queryset方法等变量，以各种方式定制页面上显示的对象列表，如下所示:

class MyPostAdmin(admin.ModelAdmin):
list_display = ('title', 'pub_date')


def queryset(self, request):
request_user = request.user
return Post.objects.filter(author=request_user)


admin.site.register(MyPostAdmin, Post)

默认情况下，可以在 URL /admin/myapp/post中访问它。但是，我希望拥有同一模型的多个视图/ModelAdmins。例如，/admin/myapp/post将列出所有的帖子对象，/admin/myapp/myposts将列出所有属于用户的帖子，而 /admin/myapp/draftpost可能列出所有尚未发布的帖子。(这些只是例子，我的实际用例更复杂)

不能为同一个模型注册多个 ModelAdmin (这会导致 AlreadyRegistered异常)。理想情况下，我希望实现这样的 没有: 将所有内容放入一个 ModelAdmin 类中，并编写自己的“ urls”函数，以根据 URL 返回不同的查询集。

我查看了 Django 源代码，发现像 ModelAdmin.changelist_view这样的函数可以以某种方式包含在 urls.py 中，但我不确定它是如何工作的。

更新 : 我已经找到了一种做我想做的事情的方法(见下文) ，但是我仍然想听听其他的方法。

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我已经找到了一种实现我想要的方法，通过使用代理模型来规避每个模型可能只注册一次的事实。

class PostAdmin(admin.ModelAdmin):
list_display = ('title', 'pubdate','user')


class MyPost(Post):
class Meta:
proxy = True


class MyPostAdmin(PostAdmin):
def get_queryset(self, request):
return self.model.objects.filter(user = request.user)




admin.site.register(Post, PostAdmin)
admin.site.register(MyPost, MyPostAdmin)

然后，默认的 PostAdmin将在 /admin/myapp/post处可访问，用户拥有的帖子列表将在 /admin/myapp/myposts处。

在查看了 http://code.djangoproject.com/wiki/DynamicModels之后，我想出了以下函数实用函数来做同样的事情:

def create_modeladmin(modeladmin, model, name = None):
class  Meta:
proxy = True
app_label = model._meta.app_label


attrs = {'__module__': '', 'Meta': Meta}


newmodel = type(name, (model,), attrs)


admin.site.register(newmodel, modeladmin)
return modeladmin

这可用于以下方面:

class MyPostAdmin(PostAdmin):
def get_queryset(self, request):
return self.model.objects.filter(user = request.user)


create_modeladmin(MyPostAdmin, name='my-posts', model=Post)
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保罗 · 斯通的回答绝对是伟大的！另外，对于 Django 1.4.5，我需要从 admin.ModelAdmin继承我的自定义类

class MyPostAdmin(admin.ModelAdmin):
def queryset(self, request):
return self.model.objects.filter(id=1)
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基于正确的答案，我对 AdminSite类进行了修改，并添加了方法 register_via_proxy以使任务更加简单。

import re
from django.contrib import admin


def _register_proxy(self, model, admin_class):
proxy_model = type(
admin_class.__name__, (model,), {
"__module__": re.sub(
r'(^.*?)(\.[^\.]+)$', r'\1.proxy', model.__module__
),
"Meta": type("Meta", tuple(), {
"proxy": True,
"app_label": model._meta.app_label
})
}
)


return self.register(proxy_model, admin_class)




admin.sites.AdminSite.register_via_proxy = _register_proxy

用起来就像:

site = admin.sites.AdminSite()
site.register_via_proxy(models.ModelType, AdminClass)

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